二项式求项数简便方法视频

① 怎样求二项式系数的最大值 项数n已知(补充) 希望尽快回复,

“二项式系数”和“系数”是不一样的!若N为偶数,最大的是中间一项（即第N/2+1）,若N为奇数,最大的是中间两项（即第（N+1）/2项和第（N+1）/2+1项）.

② 二项式定理公式是什么样的

二项式定理论述了(a＋b)n的展开式。人们只要有初步的代数知识和足够的毅力，便可以得到如下公式，

(a＋b)2＝a2＋2ab＋b2

(a＋b)3＝a3＋3a2b＋3ab2＋b3

(a＋b)4＝a4＋4a3b＋6a2b2＋4ab3＋b4

等等。对于(a＋b)12，人们显然希望不必经由(a＋b)十几次自乘的冗长计算，就能够发现其展开式中a7b5的系数。早在牛顿出生之前很久，人们便已提出并解决了二项式的展开式问题。中国数学家杨辉早在13世纪就发现了二项式的秘密，但他的着作直到近代才为欧洲人所知。维埃特在其《分析术引论》前言的命题XI中也同样论证了二项式问题。但这一伟大发现通常是以布莱兹·帕斯卡的名字命名的。帕斯卡注意到，二项式的系数可以很容易地从我们现在称为“帕斯卡三角”的排列中得到：

1

1 1

1 2 1

1 3 3 1

1 4 6 4 1

1 5 10 10 5 1

1 6 15 20 15 6 1

1 7 21 35 35 21 7 1

等等

在这个三角形中，每一个新增数字都等于其上左右两个数字之和。因此，根据帕斯卡三角，下一行的数值为

1 8 28 56 70 56 28 8 1

例如，表值56就等于其上左右两个数字21＋35之和。

帕斯卡三角与（a＋b）8展开式之间的联系是非常直接的，因为三角形的最后一行数值为我们提供了必要的系数，即

（a＋b）8＝a8＋8a7b＋28a6b2＋56a5b3

＋70a4b4＋56a3b5＋28a2b6＋8ab7＋b8

我们只要将三角形的数值再向下延伸几行，就可以得到（a＋b）12展开式中a7b5的系数为792。所以，帕斯卡三角的实用性是非常明显的。

年轻的牛顿经过对二项展开式的研究，发明了一个能够直接导出二项式系数的公式，而不必再繁琐地延伸三角形到所需要的那行了。并且，他对模式的持续性的固有信念使他认为，能够正确推导出诸如(a＋b)2或(a＋b)3

这种形式的二项式。

关于分数指数和负数指数问题，在此还需多说一句。我们知道，在初等

这些关系。

以下所列牛顿的二项展开式公式是他在1676年写给其同时代伟人戈特弗里德·威廉·莱布尼兹的一封信中阐明的（此信经由皇家学会的亨利·奥尔登伯格转交）。牛顿写道：

项式的“指数是整数还是（比如说）分数，是正数还是负数”的问题。公式中的A、B、C等表示展开式中该字母所在项的前一项。

对于那些见过现代形式的二项展开式的读者来说，牛顿的公式可能显得过于复杂和陌生。但只要仔细研究一下，就可以解决读者的任何疑问。我们首先来看，

出

也许，这种形式看起来就比较熟悉了。

我们不妨应用牛顿的公式来解一些具体例题。例如，在展开(1＋x)3时，

这恰恰就是帕斯卡三角的非列系数。并且，由于我们的原指数是正整数3，所以，展开式到第四项结束。

但是，当指数是负数时，又有一个完全不同的情况摆在牛顿面前。例如，展开(1＋x)－3，根据牛顿公式，我们得到

或简化为

方程右边永远没有终止。应用负指数定义，这一方程就成为

或其等价方程

牛顿将上式交叉相乘并消去同类项，证实

（1＋3x＋3x2＋x3）（1＋3x＋6x2－10x3＋15x4－……）＝1

牛顿用等式右边的无穷级数自乘，也就是求这无穷级数的平方，以检验这一貌似奇特的公式，其结果如下：

所以

这就证实了

与牛顿原推导结果相同。

牛顿写道；“用这一定理进行开方运算非常简便。”例如，假设我们求

现在，将等式右边的平方根代入前面标有（）符号的二项展开式中的前6项，当然，此处要用29替换原公式中的x，因而，我

了前6个常数项。如果我们取二项展开式中更多的项，我们就会得到更加精确的近似值。并且，我们还可以用同样的方法求出三次根、四次根，等等，

续演算。

别奇怪的。而真正令人吃惊的是，牛顿的二项式定理精确地告诉我们应该采用哪些分数，而这些分数则是以一种完全机械的方式得出的，无须任何特殊的见解与机巧。这显然是一个求任何次方根的有效而巧妙的方法。

二项式定理是我们即将讨论的伟大定理的两个必要前提之一。另一个前提是牛顿的逆流数，也就是我们今天所说的积分。但是，对逆流数的详尽说明属于微积分问题，超出了本书的范围。然而，我们可以用牛顿的话来阐述其重要定理，并举一两个例子来加以说明。

牛顿在1669年中撰着的《运用无穷多项方程的分析学》一书中提出了逆流数问题，但这部论着直到1711年才发表。这是牛顿第一次提出逆流数问题，他将他的这部论文交给几个数学同事传阅。比如，我们知道，艾萨克·巴罗就曾看到过这部论文，他在1669年7月20日给他一个熟人的信里写道：“……我的一个朋友……在这些问题上很有天分，他曾带给我几篇论文。”巴罗或《分析学》一书的任何其他读者遇到的第一个法则如下。

设任意曲线AD的底边为AB，其垂直纵边为BD，设AB＝x，

BD＝y，并设a、b、c等为已知量，m和n为整数。则：

到x点之内的图形的面积。根据牛顿法则，这一图形的面积为

按照牛顿公式，面积为12x2，对这一结果，可以很容易地用三角形面积公式

牛顿又进一步说明了《分析学》一书的法则2，“如果y值是由几项之和组成的，那么，其面积也同样等于每一项面积之和。”例如，他写道，曲

那么，牛顿所采用的两个工具就是：二项式定理和求一定曲线下面积的流数法。他运用这两个工具，可以得心应手地解决许多复杂的数学与物理问题，而我们将要看到的是牛顿如何应用这两个工具，使一个古老的问题获得了全新的生命：计算π的近似值。我们在第四章的后记中，追溯了这一着名数字的某些历史，确认了某些学者，如阿基米德、韦达和卢道尔夫·冯瑟伦在计算更精确的π近似值方面所作出的贡献。1670年左右，这个问题引起了艾萨克·牛顿的注意。他运用他奇妙的新方法，对这一古老问题进行研究，并取得了辉煌的成就。

③ 在等差数列中求项数的简便方法

项数=（末项-首项）÷公差+1。

例： 11＋12＋13＋…＋31＝？

分析与解：这串加数11，12，13，…，31是等差数列，首项是11，末项是31，共有31-11＋1＝21（项）。

原式=（11+31）×21÷2=441。

在利用等差数列求和公式时，有时项数并不是一目了然的，这时就需要先求出项数。根据首项、末项、公差的关系，可以得到

项数=（末项-首项）÷公差+1，

末项=首项+公差×（项数-1）。

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等差数列的应用日常生活中，人们常常用到等差数列如：在给各种产品的尺寸划分级别时，当其中的最大尺寸与最小尺寸相差不大时，常按等差数列进行分级。若为等差数列，且有

的求和公式。

④ 知道二项式各项系数的和..求项数

哪里来的n?

⑤ 怎样计算项数

计算相数公式：项数＝（末项-首项）÷公差＋1。

数列中项的总数之和为数列的“项数”，在数列中，项数是一个正整数。

共有（99-1）÷2+1=50个数

1+3+5+...+97+99=（1+99）X50÷2=2500

数列（sequence of number）是以正整数集（或它的有限子集）为定义域的函数，是一列有序的数。数列中的每一个数都叫做这个数列的项。排在第一位的数称为这个数列的第1项（通常也叫做首项），排在第二位的数称为这个数列的第2项……排在第n位的数称为这个数列的第n项，通常用an表示。

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项数在等差数列中的应用

和=（首项+末项）×项数÷2

项数=（末项-首项）÷公差+1

首项=2和÷项数-末项

末项=2和÷项数-首项

数列中项的总数为数列的“项数”。

求2003×2002-2002×2001+2001×2000-2000×1999+......+3×2-2×1

2002（2003-2001）+2000（2001-1999）+......+2（3-1）

2002×2+2000×2+1998×2+……+2×2

2×（2002+2000+1998+……+2)

项数=（末项-首项）/公差+1

则（2002-2）/2+1=1001

2002+2000+1998+……+2=（2002+2）×1001/2=1003002

2×1003002=2006004

1、代数式的单项式中的数字因数叫做它的系数(coefficient).单项式中所有字母的指数的和叫做它的次数。

2、次数指扭转冲击回数或振动回数，例如对于发动机 曲轴的扭转振荡，指轴每旋转一周的冲击回数或振动回数。

3、数列求和的方法：公式法、错位相减法、倒序相加法、分组法、裂项相消法、数学归纳法、通项化归法、并项求和法。

⑥ 二项式公式是什么

只有两项的多项式，即两个单项式的和。

形式

1、线性形式

如果二项式的形式为ax+b（其中a与b是常数，x是变量），那么这个二项式是线性的。

2、复数形式

复数是形式为a+bi的二项式，其中i是-1的平方根。

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发展简史

二项式定理最初用于开高次方。在中国，成书于1世纪的《九章算术》提出了世界上最早的多位正整数开平方、开立方的一般程序。11世纪中叶，贾宪在其《释锁算书》中给出了“开方作法本原图”，满足了三次以上开方的需要。

此图即为直到六次幂的二项式系数表，但是，贾宪并未给出二项式系数的一般公式，因而未能建立一般正整数次幂的二项式定理。13世纪，杨辉在其《详解九章算法》中引用了此图，并注明了此图出自贾宪的《释锁算书》。

贾宪的着作已经失传，而杨辉的着作流传至今，所以今称此图为“贾宪三角”或“杨辉三角”。14世纪初，朱世杰在其《四元玉鉴》中复载此图，并增加了两层，添上了两组平行的斜线。

在阿拉伯，10世纪，阿尔 ·卡拉吉已经知道二项式系数表的构造方法：每一列中的任一数等于上一列中同一行的数加上该数上面一数。11~12世纪奥马海牙姆将印度人的开平方、开立方运算推广到任意高次，因而研究了高次二项展开式。

13世纪纳绥尔丁在其《算板与沙盘算法集成》中给出了高次开方的近似公式，并用到了二项式系数表。15世纪，阿尔 ·卡西在其《算术之钥》中介绍了任意高次开方法，并给出了直到九次幂的二项式系数表，还给出了二项式系数表的两术书中给出了一张二项式系数表，其形状与贾宪三角一样。

16世纪，许多数学家的书中都载有二项式系数表。1654年，法国的帕斯卡最早建立了一般正整数次幂的二项式定理，因此算术三角形在西方至今仍以他的名字命名。

1665年，英国的牛顿将二项式定理推广到有理指数的情形。18世纪，瑞士的欧拉和意大利的卡斯蒂隆分别采用待定系数法和“先异后同”的方法证明了实指数情形的二项式定理。

⑦ 二项式项数规律

如图

⑧ 怎样求二项式系数

求常数向只需用公式套入，另x的次方数等于0，得出项数即可求出

⑨ 二项式的解法，有没有简便的方法可以求出来

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令 272 3 r, 6r, 所以2 x的系数为14)2(6 7767C. 2.展开式中的某一项 此类问题的常规解法是直接利用通项公式求解. 例5
73 )12(x x 的展开式中常数项为 ( ) A、14 B、14 C、42 D、42 解: 设展开式中第1r项为常数项,则
rr rrx xCT)1() 2(737 1 
=2 )7(37 72 )1(rrrr rx C . 令(
36,02 )7 rr r则, 142)1(6 76C所求常数项为,故选(A). 例6年全国卷2005(Ⅰ
)8 )1(x x 的展开式中常数项为________.(用数字作答) 解:设展开式中第1r项为常数项,则
rrrrx xCT)1(881=r rrxC288)1(. 令4,028rr则, 70)1(484C所求常数项为. 例7 已知
(x x12  )n
的展开式中第三项与第五项的系数之比为 14 3 ，则展开式中常数项是 ( ) (A)－1 (B)1 (C)－45 (D)45 解
: 2 521)1()1(nrr nnrnrnr rnn rx Cx xC T,
因为展开式中第三项与第五项的系数之比为 14 3，
143 )1()1(4 42 2nn nnnnCC, 化简得:05052 nn,10n.

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令 02 10 5r,则2r
, 45) 1(2 10252 1010 2 10x C 所求常数项为. 例8 (2x
－ 1x )6 展开式中常数项为________. (用数字作答) 解: 设展开式中第1r项为常数项,则
rr rrx xCT)1() 2(66 1
 =rrr r x C2 366 62 )1(
. 令02 3 6 r,则4r. 602)1(4 6464C所求常数项为. 3.求展开式中幂指数为整数的项数 此类问题的常规解法是将展开式的通项整理,令其幂指数为整数,从而求出项数. 例
9
123)(xx的展开式中,含x的正整数幂的项数共有________. 解: 设展开式中第1r项的幂为正整数,
则
rrr rxxCT)()(31212
1=3 21212 r rr
xC=6 612r r x C. 依题意,1206rr的倍数，且 是,个值共有3r
.
即123)(xx的展开式中,含x的正整数幂的项数共有3个.
例10
243 )1 (x x 的展开式中,x的幂指数是整数有 ( ) A.3项 B.4项 C.5项 D.6项 解: 设展开式中第1r项的幂指数为整数,
则
r rrrxxCT)() (
3 2424 1=3 22424 r rr
x C=6 51224 rr x C . 依题意,2406rr的倍数，且 是,个值共有5r
.
即243 )1 (x x 的展开式中,x的幂指数是整数有5个,故选C. 4.求展开式中某些项的系数和 此类问题的常规解法是赋值法. 例11 若)() 21(2004200422102004 Rxxaxaxaax,则 )(10aa)(20aa+)()(2004030aaaa=_________.(用数字作答) 解:令1,00ax得