求數列an的常用方法

❶ 數列中求An的方法有多少種

一,公式法
S1 (n=1), an= S -S (n≥2). n n-1 -
二,迭加法
若 an+1=an+f(n), 則: an=a1+ k=2 (ak-ak-1)=a1+ k=2 f(k-1)=a1+ k=1 f(k). ∑∑ ∑ n n n-1 -
三,疊乘法
若 an+1=f(n)an, 則: a2 a3 an an=a1 a a … a =a1f(1)f(2)…f(n-1)(n≥2). … n-11 2
四,化歸法
通過恰當的恆等變形, 如配方,因式分解,取對數, 通過恰當的恆等變形 如配方,因式分解,取對數,取倒 數等, 轉化為等比數列或等差數列. 數等 轉化為等比數列或等差數列 (1)若 an+1=pan+q, 則: an+1-λ=p(an-λ). 若 pan 1 r 1 q (2)若 an+1= r+qa , 則: a = p a + p . 若 n+1 n n an+1 an q(n) (3)若an+1=pan+q(n), 則: n+1 = pn + n+1 . 若 p p (4)若 (4)若 an+1=panq, 則: lgan+1=qlgan+lgp.
五,歸納法
先計算數列的前若干項, 通過觀察規律, 猜想通項公式, 先計算數列的前若干項 通過觀察規律 猜想通項公式 進而用數學歸納法證之. 進而用數學歸納法證之 滿足: 例 已知數列 {an} 滿足 a1=1, an+1 =2an+3×2n-1, 求 {an} 的通項 × 公式. 公式 a =(3n-1)×2n-2 - × n

❷ an有幾種求法

數列通項公式的幾種求法

數列通項公式直接表述了數列的本質，是給出數列的一種重要方法。數列通項公式具備兩大功能，第一，可以通過數列通項公式求出數列中任意一項；第二，可以通過數列通項公式判斷一個數是否為數列的項以及是第幾項等問題；因此，求數列通項公式是高中數學中最為常見的題型之一，它既考察等價轉換與化歸的數學思想，又能反映學生對數列的理解深度，具有一定的技巧性，是衡量考生數學素質的要素之一，因而經常滲透在高考和數學競賽中。本文分別介紹幾種常見的數列通項的求法，以期能給讀者一些啟示。

一、常規數列的通項
例1：求下列數列的通項公式
（1）2(22—1)，3(32—1)，4(42—1)，5(52—1)，…
（2）－1×2(1)，2×3(1)，－3×4(1)，4×5(1)，…
（3）3(2)，1，7(10)，9(17)，11(26)，…
解：（1）an=n(n2—1) （2）an= n（n+1）(（－1）n) （3） an=2n＋1(n2＋1)
評註：認真觀察所給數據的結構特徵，找出an與n的對應關系，正確寫出對應的表達式。

二、等差、等比數列的通項
直接利用通項公式an=a1+（n－1）d和an=a1qn－1寫通項，但先要根據條件尋求首項、公差和公比。

三、擺動數列的通項
例2：寫出數列1，－1，1，－1，…的一個通項公式。
解：an=（－1）n－1

變式1：求數列0，2，0，2，0，2，…的一個通項公式。
分析與解答：若每一項均減去1，數列相應變為－1，1，－1，1，…
故數列的通項公式為an=1+（－1）n

變式2：求數列3，0，3，0，3，0，…的一個通項公式。
分析與解答：若每一項均乘以3(2)，數列相應變為2，0，2，0，…
故數列的通項公式為an=2(3)[1+（－1）n－1 ]
變式3：求數列5，1，5，1，5，1，…的一個通項公式。
分析與解答1：若每一項均減去1，數列相應變為4，0，4，0，…
故數列的通項公式為an=1++2×3(2)[1+（－1）n－1 ]=1+3(4)[1+（－1）n－1 ]
分析與解答2：若每一項均減去3，數列相應變為2，－2，2，－2，…
故數列的通項公式為an=3+2（－1）n－1

四、循環數列的通項
例3：寫出數列0.1，0.01，0.001，0.0001，…的一個通項公式。
解：an= 10n(1)
變式1：求數列0.5，0.05，0.005，…的一個通項公式。
解：an= 10n(5)
變式2：求數列0.9，0.99，0.999，…的一個通項公式。
分析與解答：此數列每一項分別與數列0.1，0.01，0.001，0.0001，…的每一項對應相加得到的項全部都是1，於是an=1－ 10n(1)

變式3：求數列0.7，0.77，0.777，0.7777，…的一個通項公式。
解：an= 9(7)（1－ 10n(1)）

例4：寫出數列1，10，100，1000，…的一個通項公式。
解：an=10n－1

變式1：求數列9，99，999，…的一個通項公式。
分析與解答：此數列每一項都加上1就得到數列10，100，1000，… 故an=10n－1。

變式2：寫出數列4，44，444，4444…的一個通項公式。
解：an= 9(4)（10n－1）
評註：平日教與學的過程中務必要對基本的數列通項公式進行過關，這就需要提高課堂教與學的效率，多加總結、反思，注意聯想與對比分析，做到觸類旁通，也就無需再害怕復雜數列的通項公式了。

五、通過等差、等比數列求和來求通項
例5：求下列數列的通項公式
（1）0.7，0.77，0.777，… （2）3，33，333，3333，…
（3）12，1212，121212，… （4）1，1+2，1+2+3，…
解：（1）an=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image1.wmf=7×file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image2.wmf=7×（0.1+0.01+0.001+…+file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image3.wmf）
=7×（10(1)+102(1)+103(1)+…+10n(1)）==9(7)（1－10n(1)）
（2）an=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image4.wmf=3×file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image5.wmf=3×（1+10+100+…+10n）=3×1－10(1－10n)=3(1)（10n－1）
（3）an=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image6.wmf=12×（1+100+10000+…+100n－1）=12×1－100(1－100n)=33(4)（102n－1）
（4）an=1+2+3+…n=2(n（n+1）)

評註：關鍵是根據數據的變化規律搞清楚第n項的數據特點。

六、用累加法求an=an－1+f（n）型通項

例6：（1）數列{an}滿足a1=1且an=an－1+3n－2（n≥2），求an。
（2）數列{an}滿足a1=1且an=an－1+2n(1)（n≥2），求an。
解：（1）由an=an－1+3n－2知an－an－1=3n－2，記f（n）=3n－2= an－an－1
則an= （an－an－1）+（an－1－an－2）+（an－2－an－3）+…（a2－a1）+a1
=f（n）+ f（n－1）+ f（n－2）+…f（2）+ a1
=（3n－2）+[3（n－1）－2]+ [3（n－2）－2]+ …+（3×2－2）+1
=3[n+（n－1）+（n－2）+…+2]－2（n－1）+1
=3×2(（n+2）（n－1）)－2n+3=2(3n2－n)
（2）由an=an－1+2n(1)知an－an－1=2n(1)，記f（n）=2n(1)= an－an－1
則an=（an－an－1）+（an－1－an－2）+（an－2－an－3）+…（a2－a1）+a1
=f（n）+ f（n－1）+ f（n－2）+…f（2）+ a1
=2n(1)+2n－1(1)+2n－2(1)+…+22(1)+1=2(1)－2n(1)
評註：當f（n）=d（d為常數）時，數列{an}就是等差數列，教材對等差數列通項公式的推導其實就是用累加法求出來的。

七、用累積法求an= f（n）an－1型通項
例7:（1）已知數列{an}滿足a1=1且an=n(2（n-1）)an—1（n≥2），求an

（2）數列{an}滿足a1=2(1)且an=2n(1)an—1，求an
解：（1）由條件 an—1(an)=n(2（n－1）)，記f（n）=n(2（n－1）)
an= an—1(an)· an—2(an－1)·… a1(a2)·a1=f（n）f（n－1）f（n－2）…f（2）f（2）a1

=n(2（n－1）)·n－1(2（n－2）)·n－2(2（n－3）)·…3(2×2)·2(2×1)·1=n(2n－1)
（2）an= an—1(an)· an—2(an－1)·… a1(a2)·a1=2n(1)·2n－1(1)…22(1)·2(1)=21＋2＋…＋n(1)=2－ 2(n（n＋1）)
評註：如果f（n）=q（q為常數），則{an}為等比數列，an= f（n）an—1型數列是等比數列的一種推廣，教材中對等比數列通項公式地推導其實正是用累積法推導出來的。

八、用待定系數法求an=Aan－1＋B型數列通項
例8:數列{an}滿足a1=1且an＋1＋2an=1，求其通項公式。
解：由已知，an＋1＋2an=1，即an=－2 an—1＋1
令an＋x=－2（an－1＋x），則an=－2 an－1－3x，於是－3x=1，故x=－3(1)
∴ an－3(1)=－2（an－1－3(1)）
故{ an－3(1) }是公比q為－2，首項為an－3(1)=3(2)的等比數列
∴an－3(1)=3(2)（－2）n－1=3(1－（－2）n)
評註：一般地，當A≠1時令an＋x=A（an－1＋x）有an=A an－1＋（A－1）x，則有
（A－1）x=B知x=A－1(B)，從而an＋A－1(B)=A（an－1+A－1(B)），於是數列{an＋A－1(B)}是首項為a1+A－1(B)、公比為A的等比數列，故an＋A－1(B)=（a1+A－1(B)）An－1，從而
an=（a1+A－1(B)）An－1－A－1(B)；特別地，當A=0時{an}為等差數列；當A≠0，B=0時，數列{an}為等比數列。

推廣：對於an=A an－1＋f（n）（A≠0且A∈R）型數列通項公式也可以用待定系數法求通項公式。
例9：數列{an}滿足a1=1且an=2an－1＋3n(1)（n≥2），求an。
解：令an＋x·3n(1)=2（an＋x·3n-1(1)）則an=2an－1+ 2x·3n-1(1)－x·3n(1)=3(5)x·3n-1(1)=5x·3n(1)
而由已知an=2an－1＋3n(1)故5x=1，則x=5(1)。故an＋5(1)·3n(1)＝2（an－1＋5(1)·3n-1(1)）
從而{an＋5(1)·3n(1)}是公比為q=2、首項為a1＋5(1)·3(1)=15(16)的等比數列。
於是an＋5(1)·3n(1)=15(16)×2n－1，則an=15(16)×2n－1－5(1)·3n(1)=15(1)（2n+3－3n－1(1)）
評註：一般情況，對條件an=Aan－1+f（n）而言，可設an+g（n）=A[an－1+g（n－1）]，則有Ag（n－1）－g（n）=f（n），從而只要求出函數g（n）就可使數列{ an+g（n）}為等比數列，再利用等比數列通項公式求出an。值得注意的是an+g（n）與an－1+g（n－1）中的對應關系。特別地，當f（n）=B（B為常數）時，就是前面敘述的例8型。
這種做法能否進一步推廣呢？對於an=f（n）an－1+g（n）型數列可否用待定系數法求通項公式呢？
我們姑且類比做點嘗試：令an+k（n）=f（n）[an－1+k（n－1）]，展開得到
an =f（n）an－1+f（n）k（n－1）－k（n），從而f（n）k（n－1）－k（n）= g（n），理論上講，通過這個等式k（n）可以確定出來，但實際操作上，k（n）未必能輕易確定出來，請看下題：
數列{an}滿足a1=1且an=2n(n)an－1+n+1(1)，求其通項公式。
在這種做法下得到2n(n)k（n－1）－k（n）=n+1(1)，顯然，目前我們用高中數學知識還無法輕易地求出k（n）來。

九、通過Sn求an
例10：數列{an}滿足an =5Sn－3，求an。
解：令n=1，有a1=5an－3，∴a1=4(3)。由於an =5Sn－3………①
則 an-1 =5 Sn-1－3………②
①－②得到an－an-1=5（Sn－Sn-1） ∴an－an－1 =5an

故an=－4(1)an-1，則{an}是公比為q=－4(1)、首項an=4(3)的等比數列，則an=4(3)（－4(1)）n-1

評註：遞推關系中含有Sn，通常是用Sn和an的關系an=Sn－Sn－1（n≥2）來求通項公式，具體來說有兩類：一是通過an=Sn－Sn－1將遞推關系揭示的前n項和與通項的關系轉化為項與項的關系，再根據新的遞推關系求出通項公式；二是通過an=Sn－Sn－1將遞推關系揭示的前n項和與通項的關系轉化為前n項和與前n－1項和的關系，再根據新的遞推關系求出通項公式

十、取倒數轉化為等差數列

例11：已知數列{an}滿足a1=1且a
n+1=
an+2(2an)，求an。
解：由a
n+1=
an+2(2an)有 an+1(1)= 2an(an+2)= 2(1)+an(1) 即an+1(1)－an(1)=2(1)
所以，數列{an(1)}是首項為a1(1)=1、公差為d=2(1)的等差數列
則an(1)=1+（n－1）2(1)=2(n+1) 從而an=n+1(2)
評註：注意觀察和分析題目條件的結構特點，對所給的遞推關系式進行變形，使與所求數列相關的數列（本例中數列{an(1)}）是等差或等比數列後，只需解方程就能求出通項公式了。

十一、構造函數模型轉化為等比數列

例12：已知數列{an}滿足a1=3且a
n+1=
（an－1）2+1，求an。
解：由條件a
n+1=
（an－1）2+1得a
n+1－1=
（an－1）2

兩邊取對數有lg（a
n+1－1）=lg（（an－1）2）=2lg（an－1） 即
故數列{ lg（an－1）}是首項為lg（a1－1）=lg2、公比為2的等比數列
所以，lg（an－1）=lg2·2n－1=lgfile:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image7.wmf
則an－1=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image8.wmf 即an=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image9.wmf+1

評註：通過構造對數函數達到降次的目的，使原來的遞推關系轉化為等比數列進行求。

十二、數學歸納法
例13：數列{an}滿足a1=4且a
n=4－
an－1(4)（n≥2），求an。
解：通過遞推關系求出數列前幾項如下
a1=4=2+1(2) a2=4－
a1(4)=3=2+2(2) a3=4－
a2(4)=3(8)=2+3(2)
a4=4－
a3(4)=2(5)=2+4(2) a5=4－
a4(4)=5(12)=2+5(2) a6=4－
a5(4)=3(7)=2+6(2)
猜想：通項公式為an=2+n(2)。下用歸納法給出證明
顯然，當n=1時，a1=4=2+1(2)，等式成立
假設當n=k時，等式成立，即ak=2+k(2)
則當n=k+1時，a
k+1=4－
ak(4)=4－
k(2)) k(2)=4－k+1(2k)=2+2－k+1(2k)=2+k+1(2)
由歸納法原理知，對一切n∈N+都有an=2+n(2)。

評註：先根據遞推關系求出前幾項，觀察數據特點，猜想、歸納出通項公式，再用數學歸納法給出證明。

十三、綜合應用
例14：已知各項為正的數列{a
n}滿足a1=1且a
n2=a
n－12+2（n≥2），求an。
解：由a
n2=a
n－12+2知a
n2－a
n－12=2
則數列{a
n2}是公差為2、首項為a
12=1的等差數列。
故 a
n2=1+2（n－1）=2n－1 即an=

例15：數列{a
n}滿足a1=a2=5且a
n+1=a
n+6a
n－1（n≥2），求an。
解：設a
n+1+λa
n=μ（a
n+λa
n－1），則a
n+1=（μ－λ）a
n+μλa
n－1
而a
n+1=a
n+6a
n－1 則file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image10.wmf 解得file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image11.wmf或file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image12.wmf
當λ=2且μ=3時a
n+1+2a
n=3（a
n+2a
n－1），即
n+1+2a
n, a
n+2a
n－1) =3
則數列{a
n+2a
n－1}是公比為3、首項為a
2+2a
1=15的等比數列。
於是，a
n+2a
n－1=15×3n－1=5×3n 則a
n=－2a
n－1+5×3n

令a
n+x·3n =－2（a
n－1+x·3n－1 ） 則a
n=－2a
n－1－x·3n 故x=－1
於是，a
n－3n =－2（a
n－1－3n－1 ）
從而{a
n－3n }是公比為－2、首項為a
1－3=2的等比數列。
所以，a
n－3n =2×（－2）n－1 則a
n=3n+2×（－2）n－1=3n－（－2）n
當λ=－3且μ=－2時，同理可求得a
n=3n－（－2）n

於是，數列{a
n}的通項公式為a
n=3n－（－2）n

小結：本文只是介紹了幾種常見的求數列通項公式的方法，可以看到，求數列（特別是以遞推關系式給出的數列）通項公式的確具有很強的技巧性，與我們所學的基本知識與技能、基本思想與方法有很大關系，因而在平日教與學的過程中，既要加強基本知識、、基本方法、基本技能和基本思想的學習，又要注意培養和提高數學素質與能力和創新精神。這就要求無論教師還是學生都必須提高課堂的教與學的效率，注意多加總結和反思，注意聯想和對比分析，做到觸類旁通，將一些看起來毫不起眼的基礎性命題進行橫向的拓寬與縱向的深入，通過弱化或強化條件與結論，揭示出它與某類問題的聯系與區別並變更為出新的命題。這樣無論從內容的發散，還是解題思維的深入，都能收到固本拓新之用，收到「秀枝一株，嫁接成林」之效，從而有利於形成和發展創新的思維。

❸ 求數列｛an｝的通項公式的方法，有多少種

解：
求數列｛an｝的通項公式的方法，如下：
一,公式法
S1 (n=1), an= S -S (n≥2). n n-1 -
二,迭加法
若 an+1=an+f(n), 則: an=a1+ k=2 (ak-ak-1)=a1+ k=2 f(k-1)=a1+ k=1 f(k). ∑∑ ∑ n n n-1 -
三,疊乘法
若 an+1=f(n)an, 則: a2 a3 an an=a1 a a … a =a1f(1)f(2)…f(n-1)(n≥2). … n-11 2
四,化歸法
通過恰當的恆等變形,
如配方,因式分解,取對數, 通過恰當的恆等變形 如配方,因式分解,取對數,取倒 數等, 轉化為等比數列或等差數列. 數等
轉化為等比數列或等差數列 (1)若 an+1=pan+q, 則: an+1-λ=p(an-λ). 若 pan 1 r 1 q (2)若
an+1= r+qa , 則: a = p a + p . 若 n+1 n n an+1 an q(n) (3)若an+1=pan+q(n),
則: n+1 = pn + n+1 . 若 p p (4)若 (4)若 an+1=panq, 則: lgan+1=qlgan+lgp.
五,歸納法
先計算數列的前若干項,
通過觀察規律, 猜想通項公式, 先計算數列的前若干項 通過觀察規律 猜想通項公式 進而用數學歸納法證之. 進而用數學歸納法證之 滿足: 例
已知數列 {an} 滿足 a1=1, an+1 =2an+3×2n-1, 求 {an} 的通項 × 公式. 公式 a =(3n-1)×2n-2 -
× n

❹ 求數列通項公式的幾種常見方法

一、題目已知或通過簡單推理判斷出是等比數列或等差數列，直接用其通項公式。
例：在數列{an}中，若a1=1，an
1=an
2(n1)，求該數列的通項公式an。
解：由an
1=an
2(n1)及已知可推出數列{an}為a1=1，d=2的等差數列。所以an=2n-1。此類題主要是用等比、等差數列的定義判斷，是較簡單的基礎小題。
二、已知數列的前n項和，用公式
s1
(n=1)
sn-sn-1
(n2)
例：已知數列{an}的前n項和sn=n2-9n，第k項滿足5
(a)
9
(b)
8
(c)
7
(d)
6
解：∵an=sn-sn-1=2n-10，∴5<2k-10<8
∴k=8
選
(b)
此類題在解時要注意考慮n=1的情況。
三、已知an與sn的關系時，通常用轉化的方法，先求出sn與n的關系，再由上面的(二)方法求通項公式。
例：已知數列{an}的前n項和sn滿足an=snsn-1(n2)，且a1=-，求數列{an}的通項公式。
解：∵an=snsn-1(n2)，而an=sn-sn-1，snsn-1=sn-sn-1，兩邊同除以snsn-1，得---=-1(n2)，而-=-=-，∴{-}
是以-為首項，-1為公差的等差數列，∴-=
-，sn=
-，
再用(二)的方法：當n2時，an=sn-sn-1=-，當n=1時不適合此式，所以，
-
(n=1)
-
(n2)
四、用累加、累積的方法求通項公式
對於題中給出an與an
1、an-1的遞推式子，常用累加、累積的方法求通項公式。
例：設數列{an}是首項為1的正項數列，且滿足(n
1)an
12-nan2
an
1an=0，求數列{an}的通項公式
解：∵(n
1)an
12-nan2
an
1an=0，可分解為[(n
1)an
1-nan](an
1
an)=0
又∵{an}是首項為1的正項數列，∴an
1
an
≠0，∴-=-，由此得出：-=-，-=-，-=-，…，-=-,這n-1個式子，將其相乘得：∴
-=-，
又∵a1=1，∴an=-(n2)，∵n=1也成立，∴an=-(n∈n*)
五、用構造數列方法求通項公式
題目中若給出的是遞推關系式，而用累加、累積、迭代等又不易求通項公式時，可以考慮通過變形，構造出含有
an(或sn)的式子，使其成為等比或等差數列，從而求出an(或sn)與n的關系，這是近一、二年來的高考熱點，因此既是重點也是難點。
例：已知數列{an}中，a1＝2，an
1=(--1)(an
2)，n=1,2,3,……
(1)求{an}通項公式
(2)略
解：由an
1=(--1)(an
2)得到an
1--＝
(--1)(an--)
∴{an--}是首項為a1--，公比為--1的等比數列。
由a1＝2得an--=(--1)n-1(2--)
，於是an=(--1)n-1(2--)
-
又例：在數列{an}中，a1=2，an
1=4an-3n
1(n∈n*)，證明數列{an-n}是等比數列。
證明：本題即證an
1-(n
1)=q(an-n)
(q為非0常數)
由an
1=4an-3n
1，可變形為an
1-(n
1)=4(an-n)，又∵a1-1=1，
所以數列{an-n}是首項為1，公比為4的等比數列。
若將此問改為求an的通項公式，則仍可以通過求出{an-n}的通項公式，再轉化到an的通項公式上來。
又例：設數列{an}的首項a1∈(0,1)，an=-，n=2，3，4……(1)求{an}通項公式。(2)略
解：由an=-，n=2,3,4,……，整理為1-an=--(1-an-1)，又1-a1≠0，所以{1-an}是首項為1-a1，公比為--的等比數列，得an=1-(1-a1)(--)n-1

❺ 求數列通項公式an和前n項和Sn的方法

1、等差數列

an=a1+(n-1)d;an=Sn-S(n-1)。

Sn=a1n+((n*(n-1))/2)d。

2、等比數列

an=a1*q^(n-1);an=Sn/S(n-1)。

Sn=(a1(1-q^n))/1-q。

按一定次序排列的一列數稱為數列，而將數列{a} 的第n項用一個具體式子（含有參數n）表示出來，稱作該數列的通項公式。這正如函數的解析式一樣，通過代入具體的n值便可求知相應a 項的值。

概念

不妨將數列遞推公式中同時含有an和an+1的情況稱為一階數列，顯然，等差數列的遞推式為

an=an-1+ d , 而等比數列的遞推式為 an=an-1* q ； 這二者可看作是一階數列的特例。故可定義一階遞歸數列形式為： an+1= A *an+ B ········☉ , 其中A和B 為常系數。那麼，等差數列就是A=1 的特例，而等比數列就是B=0 的特例。

❻ 求數列an的過程及答案

對已知進行整理。。Sn=-2an
-1
Sn_1=-2an_1-1
an=Sn-Sn_1
最後得出3an=2an_1
an/an_1=2/3，數列為等比數列，an=1/2(2/3)的n-1次方
Sn=3/4【1-(2/3)的n次方】
Tn=3/4n【1-(2/3)的n次方】你把n放在括弧里。。。裡面是一個等差減一個等差乘等比。。。後面等差乘等比用錯位想減法。。自己算去吧。。。過程有省略

❼ 數列方法

求數列通項公式常用以下幾種方法：

一、題目已知或通過簡單推理判斷出是等比數列或等差數列，直接用其通項公式。

例：在數列{an}中，若a1=1，an+1=an+2(n1)，求該數列的通項公式an。

解：由an+1=an+2(n1)及已知可推出數列{an}為a1=1，d=2的等差數列。所以an=2n-1。此類題主要是用等比、等差數列的定義判斷，是較簡單的基礎小題。

二、已知數列的前n項和，用公式

S1 (n=1)

Sn-Sn-1 (n2)

例：已知數列{an}的前n項和Sn=n2-9n，第k項滿足5

(A) 9 (B) 8 (C) 7 (D) 6

解：∵an=Sn-Sn-1=2n-10，∴5<2k-10<8 ∴k=8 選 (B)

此類題在解時要注意考慮n=1的情況。

三、已知an與Sn的關系時，通常用轉化的方法，先求出Sn與n的關系，再由上面的(二)方法求通項公式。

例：已知數列{an}的前n項和Sn滿足an=SnSn-1(n2)，且a1=-，求數列{an}的通項公式。

解：∵an=SnSn-1(n2)，而an=Sn-Sn-1，SnSn-1=Sn-Sn-1，兩邊同除以SnSn-1，得---=-1(n2)，而-=-=-，∴{-} 是以-為首項，-1為公差的等差數列，∴-= -，Sn= -，

再用(二)的方法：當n2時，an=Sn-Sn-1=-，當n=1時不適合此式，所以，

- (n=1)

- (n2)

四、用累加、累積的方法求通項公式

對於題中給出an與an+1、an-1的遞推式子，常用累加、累積的方法求通項公式。

例：設數列{an}是首項為1的正項數列，且滿足(n+1)an+12-nan2+an+1an=0，求數列{an}的通項公式

解：∵(n+1)an+12-nan2+an+1an=0，可分解為[(n+1)an+1-nan](an+1+an)=0

又∵{an}是首項為1的正項數列，∴an+1+an ≠0，∴-=-，由此得出：-=-，-=-，-=-，…，-=-,這n-1個式子，將其相乘得：∴ -=-，

又∵a1=1，∴an=-(n2)，∵n=1也成立，∴an=-(n∈N*)

❽ 求數列an的通項公式有哪幾種方法

①等差數列和等比數列有通項公式

②累加法：用於遞推公式為且f(n)可求積

④構造法：將非等差數列、等比數列，轉換成相關的等差等比數列

⑤錯位相減法：用於形如數列由等差×等比構成：如an=n·2^n

❾ 數列求An的幾種方法

分組求和 裂項求和 錯位相減