力的合成的研究方法

1. 在研究力的合成實驗中我們運動了「等效替代」的研究方法，在探究滑動摩擦力與什麼因素有關實驗中，運用了

因為滑動摩擦力的大小與壓力大小和接觸面的粗糙程度有關，要探究「摩擦力與接觸面粗糙程度的關系」，則應控制壓力大小不變；
要探究「摩擦力與壓力大小的關系」，則應控制接觸面的粗糙程度不變；
綜上所述，在探究滑動摩擦力與什麼因素有關實驗中，採用了「控制變數」的研究方法．
牛頓第一定律是牛頓在伽利略等人研究工作的基礎上，利用邏輯推理對事實分析得出的，採用的是科學推理法．
故答案為：控制變數；科學推理．

2. 從對「力的合成」這個概念和規律的理解，寫一下你學習和研究的結果。

摘要 通過學習了矢量和標量的概念之後,通過力的合成,我理解了矢量運算的法則。力的合成是解決力學問題的基本方法,在學習了力的概念以後，我掌握了正確的力的應用，也為我以後的學習打下了基礎。

3. 力的合成遵守什麼法則

概念1.幾個力共同作用產生的的效果可以用一個力來代替，這個力就叫做那幾個力的合力，求一個已知力的分力的過程叫做力的分解。 2.合力與分力：如果幾個力共同作用在物體上產生的效果與一個力單獨作用在物體上產生的效果相同，則把這個力叫做這幾個力的合力，而那幾個力叫做這一個力的分力。 編輯本段運算及其法則1.力的合成與分解互為逆運算，都符合和平行四邊形法則：如果用表示兩個共點力F1和F2的線段為鄰邊作平行四邊形，那麼合力F的大小和方向就可以用F1、F2所夾的角的大小來表示。 （註：已知分力要求合力，叫做力的合成。已知合力要求分力叫做力的分解。） 2.力的合成與分解的法則：平行四邊形法則[1]。即力的合成就是由平行四邊形的兩鄰邊求對角線的問題。力的分解就是由對角線求兩鄰邊的問題。 3.當兩個力的方向相反，其合力最小；反之最大。 （註：對力按平行四邊形法則進行分解時要按力的實際效果或正交分解法進行。） .合力和力的合成：一個力產生的效果如果能跟原來幾個力共同作用產生的效果相同，這個力就叫那幾個力的合力，求幾個力的合力叫力的合成． 2.力的平行四邊形定則：求兩個互成角度的共點力的合力，可以用表示這兩個力的線段為鄰邊作平行四邊形，合力的大小和方向就可以用這個平行四邊形的對角線表示出來。 共點的兩個力F1，F2的合力F的大小，與它們的夾角θ(0≤θ≤π)有關，θ越大，合力越小；θ越小，合力越大，合力可能比分力大，也可能比分力小，F1與F2同向時合力最大，F1與F2反向時合力最小，合力大小的取值范圍是|F1－F2|≤F≤（F1＋F2） 多個力求合力的范圍 有n個力，它們合力的最大值是它們的方向相同時的合力，即它們的代數之和，而它們的最小值要分下列兩種情況討論： ①若n個力中的最大力大於其他力的代數之和，則它們合力的最小值是該最大力與其他力代數和的差（此時，所有力在一條直線上，最大力的方向與其他力的方向相反）； ②若n個力中的最大力小於其他力的代數之和，則它們合力的最小值是0。 3.三角形法則：求兩個互成角度的共點力F1，F2的合力，可以把F1，F2首尾相接地畫出來，把F1，F2的另外兩端連接起來，則此連線就表示合力F的大小和方向； 4.分力與力的分解：如果幾個力的作用效果跟原來一個力的作用效果相同，這幾個力叫原來那個力的分力．求一個力的分力叫做力的分解． 5.分解原則：平行四邊形定則． 力的分解是力的合成的逆運算，同樣遵循的平行四邊形定則。 同樣，由力的分解所遵循的平行四邊形定則可知：如不加任何限制而將某個力分解為兩個分力，則可以得到無數種分解的方式，這是毫無意義的。通常作力的分解時所加的限制有兩種：按照力的作用效果進行分解，按照所建立的直角坐標將力作正交分解。 6、正交分解法 物體受到多個力作用時求其合力，可將各個力沿兩個相互垂直的方向直行正交分解，然後再分別沿這兩個方向求出合力，正交分解法是處理多個力作用用問題的基本方法，值得注意的是，對、方向選擇時，盡可能使落在、軸上的力多；被分解的力盡可能是已知力。步驟為： ①正確選擇直角坐標系，一般選共點力的作用點為原點，水平方向或物體運動的加速度方向為X軸，使盡量多的力在坐標軸上。 ②正交分解各力，即分別將各力投影在坐標軸上，分別求出坐標軸上各力投影的合力。 Fx=F1x＋F2x＋…＋Fnx Fy=F1y＋F2y＋…＋Fny ③共點力合力的大小為F=√Fx2=Fy2（根號下Fx的平方加根號下Fy的平方），合力方向與X軸夾角 五．物體受力情況的分析 （1）物體受力情況分析的理解：把某個特定的物體在某個特定的物理環境中所受到的力一個不漏，一個不重地找出來，並畫出定性的受力示意圖。對物體進行正確地受力分析，是解決好力學問題的關鍵。 （2）物體受力情況分析的方法：為了不使被研究對象所受到的力與所施出的力混淆起來，通常需要採用「隔離法」，把所研究的對象從所處的物理環境中隔離出來；為了不使被研究對象所受到的力在分析過程中發生遺漏或重復，通常需要按照某種順序逐一進行受力情況分析，而相對合理的順序則是先找重力，再找接觸力（彈力、摩擦力），最後分析其它力（場力、浮力等）。 重力是否有：宏觀物體都計重力，而一些微觀粒子有時不計重力 彈力看四周 分析摩擦力 不忘電磁浮 （3）受力分析的幾個步驟． ①靈活選擇研究對象：也就是說根據解題的目的，從體系中隔離出所要研究的某一個物體，或從物體中隔離出某一部分作為單獨的研究對象，對它進行受力分析． 所選擇的研究對象要與周圍環境聯系密切並且已知量盡量多；對於較復雜問題，由於物體系各部分相互制約，有時要同時隔離幾個研究對象才能解決問題

4. 物理用什麼方法測試力的合成與分解

你好！
額，你問的有點奇葩。。。。。。
在物理學中，一般是用彈簧測力計來測量力的大小，當然還有更精密、專業的設備。
力的合成與分解是力學研究的分析方法，是計算力的效果的手段。。。。。。這個是分析計算的范疇，不是直接測量能夠滿足的。
如有疑問，請追問。

5. 互成角度的兩個力的合成 採用的科學方法

力的合成(compositionofforces)用一個力等效地代替兩個或兩個以上作用在同一剛體上或同一質點上的力。這一個力稱為原力系的合力，而原力系中的任一力稱為這個合力的分力。對空間任意力系，不一定有合力；例如力偶就不能用一個力來代替。空間任意力系可以等效地簡化為一個力螺旋(其中包括力和力偶為零的情況)。匯交力系和同向平行力系一般都可求出合力。

匯交力系的合成

各力作用線交於一點的力系稱為匯交力系。根據力的可傳性，作用於剛體的匯交力系可換成各力作用於公共交點的共點力系。利用力的平行四邊形法則(見靜力學公理)將共點力系各力順序合成，就可求得共點力系的合力。合力矢是力多邊形的封閉邊。這種求共點力系的幾何方法稱為力多邊形法。在特殊情況下，若共點力系各力構成的折線的終點和起點重合，即封閉邊為零，則該力系的合力為零，這時力系就成為平衡力系。

平行力系的合成

各力作用線相互平行的一組力稱為平行力系。大小相等而方向相反，作用線不在同一直線上的一對力不能合成為—個力，它們稱為力偶。

任意力系的合成

具有合力的任意力系，其合力的大小和方向還可用合力投影定理(即合力在任一軸線上的投影等於各分力在此軸線上的投影之和)來計算。

同時受幾個力的作用，幾個力如果都作用在物體的同一點，或者它們的作用線相交於同一點，這幾個力叫做共點力。

求兩個或兩個以上力的合力的過程叫做力的合成。

對於非共點力，常見的做法是將各個力移到一個公共作用點上，同時產生相應的彎矩（大小為被移動的力乘以公共點到力作用線的距離），之後再將力和彎矩分別合成。

例如下圖：圖1位平行四邊形法則，圖2為三角形法則，F1、F2為分力，F為合力。

6. 研究共點力合成實驗步驟

1．把橡皮條的一端固定在板上的A點。
2．用兩條細繩結在橡皮條的另一端，通過細繩用兩個彈簧秤互成角度拉橡皮條，橡皮條伸長，使結點伸長到O點（如圖）
〖點撥〗經驗得知兩個分力F1、F2間夾角θ越大，用平行四邊形作圖得出的合力F的誤差也越大，所以實驗中不要把θ角取得太大，一般不大於90°為最佳。
橡皮條、細繩、測力計應在同一平面內，測力計的掛鉤應避免與紙面磨擦。
3．用鉛筆記下O點的位置，畫下兩條細繩的方向，並記下兩個測力計的讀數。
〖點撥〗拉橡皮條的細線要長些，標記每條細線方向的方法是使視線通過細線垂直於紙面，在細線下面的紙上用鉛筆點出兩個定點的位置，並使這兩個點的距離要盡量遠些。
4．在紙上按比例作出兩個力F1、F2的圖示，用平行四邊形定則求出合力F。
〖點撥〗作圖要用尖鉛筆，圖的比例要盡量大些，要用嚴格的幾何方法作出平行四邊形，圖旁要畫出表示力的比例線段，且註明每個力的大小和方向。
5．只用一個測力計，通過細繩把橡皮條上的結點拉到同樣的位置O點，記下測力計的讀數和細繩的方向，按同樣的比例作出這個力F′的圖示，比較F′與用平行四邊形定則求得的合力F，比較合力大小是否相等，方向是否相同。
6．改變F1和F2的夾角和大小，再做兩次。
另外，還有：
1.基本測量工具和測量數據
①基本測量工具及其使用
①彈簧秤測兩個分力的大小和等效合力的大小②量角器測量由平行四邊形定則作圖得到的合力F與用一個彈簧秤直接拉出的合力F′的夾角θ③刻度尺（或者繪圖三角板）則是作力的方向時畫線和用一定比例長度表示力的大小
使用彈簧秤應注意：
①使用前要先調到零點，再用標准砝碼檢查示值是否准確，如不準，可以旋轉卡在彈簧圈的三角形鋼片來改變彈簧的工作圈數，對於示值偏大的，應把三角片向上擰幾圈，減少彈簧的工作圈數，增大勁度系數；對於示值偏小的則採取相反措施。
②使用時彈簧的伸長方向和所測拉力方向要一致。
③彈簧、指針、拉桿都不要與刻度板和刻度板末端的限位卡發生磨擦。
（2）測量數據的有效數字。
①J2104型測力計，其刻度是「0-5牛」，分度值0.1牛，在任意點的示值誤差都不大於0.05牛，因此測量數據的有效數字末位就在精度的同一位，只准確到0.1牛即可，若無估讀，則在百分位上補「0」表示測量的准確度。

7. 力的合成採用的研究方法是

向量相加。

8. 在探究同一直線上二力合成的規律時,採用的科學方法是什麼

在探究同一直線上二力合成的規律時,採用的科學方法是等效法。探究同一直線上二力合成的規律時，首先將彈簧的B端固定，再用兩個測力計沿相反方向拉A端，使A端到達某一點O並記錄下該點的位置，然後記錄下兩個拉力的大小與方向。再用一個測力計拉彈簧A端，仍將A端拉伸到O點，記錄下拉力的大小與方向。 
第一次用兩個測力計拉，使彈簧A端拉伸到O點；第二次用一個測力計拉，仍使彈簧A端拉伸到O點，目的是使兩次拉力的作用效果相同，才能保證第二次的拉力等於第一次兩個拉力的合力。

（1）F＝F1－F2

（2）保證F1和F2兩個力共同作用效果與一個力的作用效果相同。

9. 力的合成這節的解題技巧

技巧一、巧用合成法解題

【典例1】 一傾角為θ的斜面放一木塊，木塊上固定一支架，支架末端用絲線懸掛一小球，木塊在斜面上下滑時，小球與木塊相對靜止共同運動，如圖2-2-1所示，當細線（1）與斜面方向垂直；（2）沿水平方向，求上述兩種情況下木塊下滑的加速度.

解析：由題意可知小球與木塊相對靜止共同沿斜面運動，即小球與木塊有相同的加速度，方向必沿斜面方向.可以通過求小球的加速度來達到求解木塊加速度的目的.

（1）以小球為研究對象，當細線與斜面方向垂直時，小球受重力mg和細線的拉力T，由題意可知，這兩個力的合力必沿斜面向下，如圖2-2-2所示.由幾何關系可知F合=mgsinθ

根據牛頓第二定律有mgsinθ=ma1

所以a1=gsinθ

（2）當細線沿水平方向時，小球受重力mg和細線的拉力T，由題意可知，這兩個力的合力也必沿斜面向下，如圖2-2-3所示.由幾何關系可知F合=mg /sinθ

根據牛頓第二定律有mg /sinθ=ma2

所以a2=g /sinθ.

【方法鏈接】 在本題中利用合成法的好處是相當於把三個力放在一個直角三角形中，則利用三角函數可直接把三個力聯系在一起，從而很方便地進行力的定量計算或利用角邊關系（大角對大邊，直角三角形斜邊最長，其代表的力最大）直接進行力的定性分析.在三力平衡中，尤其是有直角存在時，用力的合成法求解尤為簡單；物體在兩力作用下做勻變速直線運動，尤其合成後有直角存在時，用力的合成更為簡單.

技巧二、巧用超、失重解題

【典例2】 如圖2-2-4所示，A為電磁鐵，C為膠木秤盤，A和C（包括支架）的總質量為M，B為鐵片，質量為m，整個裝置用輕繩懸掛於O點，當電磁鐵通電，鐵片被吸引上升的過程中，輕繩上拉力F的大小滿足

A.F=Mg

B.Mg＜F＜（M+m）g

C.F=（M+m）g

D.F＞（M+m）g

解析：以系統為研究對象，系統中只有鐵片在電磁鐵吸引下向上做加速運動，有向上的加速度（其它部分都無加速度），所以系統有豎直向上的加速度，系統處於超重狀態，所以輕繩對系統的拉力F與系統的重力（M+m）g滿足關系式：F＞（M+m）g，正確答案為D.

【方法鏈接】對於超、失重現象大致可分為以下幾種情況：

（1）如單個物體或系統中的某個物體具有豎直向上（下）的加速度時，物體或系統處於超（失）重狀態.

（2）如單個物體或系統中的某個物體的加速度不是豎直向上（下），但有豎直向上（下）的加速度分量，則物體或系統也處於超（失）重狀態，與物體水平方向上的加速度無關.

在選擇題當中，尤其是在定性判斷系統重力與支持面的壓力或系統重力與繩子拉力大小關系時，用超、失重規律可方便快速的求解.

技巧三、巧用碰撞規律解題

【典例3】 在電場強度為E的勻強電場中，有一條與電場線平行的幾何線，如圖2-2-5虛線所示.幾何線上有兩個可視為質點的靜止小球A和B.兩小球的質量均為m，A球帶電量+Q，B球不帶電.開始時兩球相距L，釋放A球，A球在電場力的作用下沿直線運動，並與B發生正碰，碰撞中A、B兩球的總動能無損失.設在每次碰撞中，A、B兩球間無電量轉換，且不考慮重力及兩球間的萬有引力.求

（1）A球經多長時間與B球發生第一次碰撞.

（2）第二次碰撞前，A、B兩球的速率各為多少？

（3）從開始到第三次相碰，電場力對A球所做的功.

解析：（1）設A經時間t與B球第一次碰撞，根據運動學規律有L=at2/2

A球只受電場力，根據牛頓第二定律有QE=ma

（2）設第一次碰前A球的速度為VA，根據運動學規律有VA2=2aL

碰後B球以速度VA作勻速運動，而A球做初速度為零的勻加速運動，設兩者再次相碰前A球速度為VA1，B球速度為VB.則滿足關系式VB = VA1/2= VA

（3）第二次碰後，A球以初速度VB作勻加速運動，B球以速度VA1作勻速運動，直到兩者第三次相碰.設兩者第三次相碰前A球速度為VA2，B球速度為VB1.則滿足關系式VB1= VA1=（VB + VA2）/2

∴VB1=2 VA；VA2=3 VA

第一次碰前A球走過的距離為L，根據運動學公式VA2=2aL

設第二次碰前A球走過的距離為S1，根據運動學公式VA12=2aS1

∴S1=4L

設第三次碰前A球走過的距離為S2，有關系式VA22－VA12=2aS2

∴S2=8L

即從開始到第三次相碰，A球走過的路程為S=13L

此過程中電場力對A球所做的功為W=QES=13 QEL.

【技巧點撥】 利用質量相等的兩物體碰撞的規律考生可很容易判斷出各球發生相互作用前後的運動規律，開始時B球靜止，A球在電場力作用下向右作勻加速直線運動，當運動距離L時與B球發生相碰.兩者相碰過程是彈性碰撞，碰後兩球速度互換，B球以某一初速度向右作勻速直線運動，A球向右作初速度為零的勻加速運動.當A追上B時兩者第二次發生碰撞，碰後兩者仍交換速度，依此類推.

技巧四、巧用阻礙規律解題

【典例4】 如圖2-2-6所示，小燈泡正常發光，現將一與螺線管等長的軟鐵棒沿管的軸線迅速插入螺線管內，小燈泡的亮度如何變化

A、不變 B、變亮 C、變暗 D、不能確定

解析：將軟鐵棒插入過程中，線圈中的磁通量增大，感應電流的效果要阻礙磁通量的增大，所以感應電流的方向與線圈中原電流方向相反，以阻礙

磁通量的增大，所以小燈泡變暗，C答案正確.

【方法鏈接】 楞次定律「效果阻礙原因」的幾種常見形式.

（1）就磁通量而言：感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁通量（原磁通量）的變化.即當原磁通量增加時，感應電流的磁場方向與原磁場方向相反；當原磁通量減少時，感應電流的磁場方向與原磁場方向相同，簡稱口訣「增反減同」.

（2）就相對運動而言：感應電流的效果阻礙所有的相對運動，簡稱口訣「來拒去留」，從運動效果上看，也可形象的表述為「敵進我退，敵逃我追」.

（3）就閉合電路的面積而言：致使電路的面積有收縮或擴張的趨勢.收縮或擴張是為了阻礙電路磁通量的變化.若穿過閉合電路的磁感線都為同一方向，則磁通量增大時，面積有收縮趨勢；磁通量減少時，面積有擴張趨勢.簡稱口訣「增縮減擴」.若穿過迴路的磁感線有兩個相反的方向，則以上結論不一定成立，應根據實際情況靈活應用，總之要阻礙磁通量的變化.

（4）就電流而言：感應電流阻礙原電流的變化，即原電流增大時，感應電流與原電流反向；原電流減小時，感應電流與原電流同向，簡稱口訣「增反減同」.

技巧五、巧用整體法解題

【典例5】 如圖2-2-7所示，光滑水平面上放置質量分別為m和2m的四個木塊，其中兩個質量為m的木塊間用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的最大靜摩擦力是μmg.現用水平拉力F拉其中一個質量為2 m的木塊，使四個木塊以同一加速度運動，則輕繩對m的最大拉力為

解析：以上面2個木塊和左邊的質量為2m的木塊整體為研究對象，根據牛頓第二定律有μmg=4ma

再以左邊兩木塊整體為研究對象，根據牛頓第二定律有T=3ma

答案正確.

【技巧點撥】 當系統內各物體有相同加速度時（一起處於靜止狀態或一起加速）或題意要求計算系統的外力時，巧妙選取整體（或部分整體）為研究對象可使解題更為簡單快捷.

技巧六、巧用幾何關系解題

【典例6】 如圖2-2-8所示，在真空區域內，有寬度為L的勻強磁場，磁感應強度為B，磁場方向垂直紙面向里，MN、PQ是磁場的邊界.質量為m，帶電量為－q的粒子，先後兩次沿著與MN夾角為θ（0<θ<90º）的方向垂直磁感線射入勻強磁場B中，第一次，粒子是經電壓U1加速後射入磁場，粒子剛好沒能從PQ邊界射出磁場.第二次粒子是經電壓U2加速後射入磁場，粒子則剛好垂直PQ射出磁場.不計重力的影響，粒子加速前速度認為是零，求：

（1）為使粒子經電壓U2加速射入磁場後沿直線運動，直至射出PQ邊界，可在磁場區域加一勻強電場，求該電場的場強大小和方向.

（2）加速電壓的值.

解析：（1）如圖答2-2-9所示，經電壓加速後以速度射入磁場，粒子剛好垂直PQ射出磁場，根據幾何關系可確定粒子在磁場中做勻速圓周運動的圓心在PQ邊界線的O點，半徑與磁場寬L的關系式為

加勻強電場後，粒子在磁場中沿直線運動射出PQ邊界的條件為，電場力的方向與磁場力的方向相反.

所以，方向垂直磁場方向斜向右下，與磁場邊界夾角為，如圖答2-2-10所示.

（2）經電壓U1加速後粒子射入磁場後剛好不能從PQ邊界射出磁場，表明在磁場中做勻速圓周運動的軌跡與PQ邊界相切，要確定粒子做勻速圓周運動的圓心O的位置，如圖答2-2-11所示，圓半徑R1與L的關系式為：

【方法鏈接】 解決帶電粒子在勻強磁場中勻速圓周運動問題，關鍵是確定圓心的位置，正確畫出粒子運動的草圖，利用幾何關系結合運動規律求解.

技巧七：巧用可逆原理解題

【典例7】 某同學在測定玻璃折射率時得到了多組入射角i與折射角r，並作出了sini與sinr的圖象如圖2-2-12所示.則下列說法正確的是

A． 實驗時，光線是由空氣射入玻璃

B． 實驗時，光線是由玻璃射入空氣

C． 利用sini /sinr可求得玻璃的折射率

D． 該玻璃的折射率為1.5
方法八：巧用等效法解題

【典例8】 如圖2-2-13所示，已知迴旋加速器中，D形盒內勻強磁場的磁感應強度B=1.5 T，盒的半徑R=60 cm，兩盒間隙d=1.0 cm，盒間電壓U=2.0×104 V，今將α粒子從近於間隙中心某點向D形盒內以近似於零的初速度垂直B的方向射入，求粒子在加速器內運行的總時間.

【技巧點撥】 粒子在間隙處電場中每次運動時間不相等，且粒子多次經過間隙處電場，如果分段計算，每一次粒子經過間隙處電場的時間，很顯然將十分繁瑣.我們注意到粒子離開間隙處電場進入勻強磁場區域到再次進入電場的速率不變，且粒子每在電場中加速度大小相等，所以可將各段間隙等效「銜接」起來，把粒子斷斷續續在電場中的加速運動等效成初速度為零的勻加速直線運動.

技巧九：巧用對稱法解題

【典例9】 一根自由長度為10 cm的輕彈簧，下端固定，上端連一個質量為m的物塊P，在P上放一個質量也是m的物塊Q.系統靜止後，彈簧長度為6 cm，如圖2-2-14所示.如果迅速向上移去Q，物塊P將在豎直方向做簡諧運動，此後彈簧的最大長度為

A．8 cm B．9 cm C．10 cm D．11 cm

解析：移去Q後，P做簡諧運動的平衡位置處彈簧長度8 cm，由題意可知剛移去Q時P物體所處的位置為P做簡諧運動的最大位移處.即P做簡諧運動的振幅為2 cm.當物體P向上再次運動到速度為零時彈簧有最大長度，此時P所處的位置為另一最大位移處，根據簡諧運動的對稱性可知此時彈簧的長度

為10 cm，C正確.

【方法鏈接】在高中物理模型中，有很多運動模型有對稱性，如（類）豎直上拋運動的對稱性，簡諧運動中的對稱性，電路中的對稱性，帶電粒子在勻強磁場中勻速圓周運動中幾何關系的對稱性.

方法十：巧用假設法解題

假設法是解決物理問題的一種常見方法，其基本思路為假設結論正確，經過正確的邏輯推理，看最終的推理結果是否與已知條件相矛盾或是否與物理實際情境相矛盾來判斷假設是否成立.

【典例10】如圖2-2-15，abc是光滑的軌道，其中ab是水平的，bc為與ab相切的位於豎直平面內的半圓，半徑R=0.3m.質量m=0.2kg的小球A靜止在軌道上，另一質量M=0.6kg，速度V0=5.5m/s的小球B與小球A正碰.已知相碰後小球A經過半圓的最高點C ，落到軌道上距b為處，重力加速度g=10m/s2，試通過分析計算判斷小球B是否能沿著半圓軌道到達C點.

解析 ：A、B組成的系統在碰撞前後動量守恆，碰後A、B運動的過程中只有重力做功，機械能守恆，設碰後A、B的速度分別為V1、V2，由動量守恆定律得

【方法鏈接】 假設法在物理中有著很廣泛的應用，凡是利用直接分析法很難得到結論的問題，用假設法來判斷不失為一種較好的方法，如判斷摩擦力時經常用到假設法，確定物體的運動性質時經常用到假設法.

技巧十一、巧用圖像法解題

【典例11】 部隊集合後開發沿直線前進，已知部隊前進的速度與到出發點的距離成反比，當部隊行進到距出發點距離為d1的A位置時速度為V1，求

（1）部隊行進到距出發點距離為d2的B位置時速度為V2是多大？

（2）部隊從A位置到B位置所用的時間t為多大.

解析：（1）已知部隊前進的速度與到出發點的距離成反比，即有公式V＝k/d（d為部隊距出發點的距離，V為部隊在此位置的瞬時速度），根據題意有

（2）部隊行進的速度V與到出發點的距離d滿足關系式d＝k/V，即d－圖象是一條過原點的傾斜直線，如圖2-2-16所示，由題意已知，部隊從A位置到B位置所用的時間t即為圖中斜線圖形（直角梯形）的面積.由數學知識可知

【方法鏈接】1.此題中部隊行進時速度的變化即不是勻速運動，也不是勻變速運動，很難直接用運動學規律進行求解，而應用圖象求解則使問題得到簡化.

2.考生可用類比的方法來確定圖象與橫軸所圍面積的物理意義.v－t圖象中，圖線與橫軸圍成圖形的面積表示物體在該段時間內發生的位移（有公式S＝v t，S與v t的單位均為m）；F－S圖象中，圖線與橫軸圍成圖形的面積表示F在該段位移S對物體所做的功（有公式W＝FS ，W與FS 的單位均為J）.而上述圖象中t＝d×1/V（t與d×1/V 的單位均為s），所以可判斷出該圖線與橫軸圍成圖形的面積表示部隊從出發點到此位置所用的時間.

技巧十二、巧用極限法解題

【典例12】 如圖2-2-17所示，輕繩的一端系在質量為m的物體上，另一端系在一個輕質圓環上，圓環套在粗糙水平桿MN上，現用水平力F拉繩上一點，使物體處於圖中實線位置，然後改變F的大小使其緩慢下降到圖中虛線位置，圓環仍在原來的位置不動，則在這一過程中，水平拉力F、環與桿的摩擦力F摩和環對桿的壓力FN的變化情況是

A.F逐漸增大，F摩保持不變，FN逐漸增大

B.F逐漸增大，F摩逐漸增大，FN保持不變

C.F逐漸減小，F摩逐漸增大，FN逐漸減小

D.F逐漸減小，F摩逐漸減小，FN保持不變

解析：在物體緩慢下降過程中，細繩與豎直方向的夾角θ不斷減小，可把這種減小狀態推到無限小，即細繩與豎直方向的夾角θ=0；此時系統仍處於平衡狀態，由平衡條件可知，當θ=0時，F=0，F摩 =0.所以可得出結論：在物體緩慢下降過程中，F逐漸減小，F摩也隨之減小，D答案正確.

【方法鏈接】 極限法就是運用極限思維，把所涉及的變數在不超出變數取值范圍的條件下，使某些量的變化抽象成無限大或無限小去思考解決實際問題的一種解題方法，在一些特殊問題當中如能巧妙的應用此方法，可使解題過程變得簡捷.

方法十三、巧用轉換思想解題

【典例13】 如圖2-2-18所示，電池的內阻可以忽略不計，電壓表和可變電阻器R串聯接成通路，如果可變電阻器R的值減為原來的1/3時，電壓表的讀數由U0增加到2U0，則下列說法中正確的是

A．流過可變電阻器R的電流增大為原來的2倍
B．可變電阻器R消耗的電功率增加為原來的4倍
C．可變電阻器兩端的電壓減小為原來的2/3
D．若可變電阻器R的阻值減小到零，那麼電壓表的示數變為4U0確

解析: 在做該題時，大多數學生認為研究對象應選可變電阻器，因為四個選項中都問的是有關R的問題；但R的電阻、電壓、電流均變，判斷不出各量的定量變化，從而走入思維的誤區．若靈活地轉換研究對象，會出現「柳暗花明」的意境；分析電壓表，其電阻為定值，當它的讀數由U0增加到2U0時，通過它的電流一定變為原來的2倍，而R與電壓表串聯，故選項A正確．再利用P＝I2R和U＝IR，R消耗的功率P′＝（2I）2R/3＝4P/3；R後來兩端的電壓U＝2IR/3，不難看出C對B錯．又因電池內阻不計，R與電壓表的電壓之和為U總，當R減小到零時，電壓表的示數也為總電壓U總；很輕松地列出U總＝IR＋U0＝2 IR/3＋2U0，解得U總＝4U0，故D也對．

【方法鏈接】 常見的轉換方法有研究對象的轉換、時間角度的轉換、空間角度的轉換、物理模型的轉換，本例題就是應用研究對象的轉換思想巧妙改變問題的思考角度，從而達到使問題簡化的目的.

技巧十四、巧用結論解題

【典例14】如圖2-2-19所示，如圖所示，質量為3m的木板靜止放在光滑的水平面上，木板左端固定著一根輕彈簧.質量為m的木塊（可視為質點），它從木板右端以未知速度V0開始沿木板向左滑行，最終回到木板右端剛好未從木板上滑出.若在小木塊壓縮彈簧的過程中，彈簧具有的最大彈性勢能為EP，小木塊與木板間的動摩擦因數大小保持不變，求：

（1）木塊的未知速度V0

（2）以木塊與木板為系統，上述過程中系統損失的機械能

解析：系統在運動過程中受到的合外力為零，所以系統動量定恆，當彈簧壓縮量最大時，系統有相同的速度，設為V，根據動量守恆定律有m V0=（m+3m）V

木塊向左運動的過程中除了壓縮彈簧之外，系統中相互作用的滑動摩擦力對系統做負功導致系統的內能增大，根據能的轉化和守恆定律有

m V02/2－（m+3m）V2/2=EP+μmgL（μ為木塊與木板間的動摩擦因數，L為木塊相對木板走過的長度）

由題意知木塊最終回到木板右端時剛好未從木板上滑出，即木塊與木板最終有相同的速度由動量守恆定律可知最終速度也是V.整個過程中只有系統內相互作用的滑動摩擦力做功（彈簧總功為零），根據能量守恆定律有

故系統損失的機械能為2 EP.

【誤點警示】根據能的轉化和守恆定律，系統克服滑動摩擦力所做的總功等於系統機械能損失，損失的機械能轉化為系統的內能，所以有f滑L相對路程=△E（△E為系統損失的機械能）.在應用公式解題時，一定要注意公式成立所滿足的條件.當系統中只有相互作用的滑動摩擦力對系統做功引起系統機械能損失（其它力不做功或做功不改變系統機械能）時，公式f滑L相對路程=△E才成立.如果系統中除了相互作用的滑動摩擦力做功還有其它力對系統做功而改變系統機械能，則公式f滑L相對路程=△E不再成立，即系統因克服系統內相互作用的滑動摩擦力所產生的內能不一定等於系統機械能的損失.所以同學們在應用結論解題時一定要注意公式成立的條件是否滿足，否則很容易造成錯誤.

方法十五、巧用排除法解題

【典例15】 如圖2-2-22所示，由粗細均勻的電阻絲製成的邊長為L的正方形線框abcd，其總電阻為R.現使線框以水平向右的速度v勻速穿過一寬度為2L、磁感應強度為B的勻強磁場區域，整個過程中ab、cd兩邊始終保持與磁場邊界平行.令線框的cd邊剛好與磁場左邊界重合時開始計時(t＝0)，電流沿abcda流動的方向為正，Uo＝BLv.在下圖中線框中a、b兩點間電勢差Uab隨線框cd邊的位移x變化的圖像正確的是下圖中的

解析：當線框向右穿過磁場的過程中，由右手定則可判斷出總是a點的電勢高於b點電勢，即Uab＞0，所以A、C、D錯誤，只有B項正確.

【方法鏈接】 考生可以比較題設選項的不同之外，而略去相同之處，便可得到正確答案，或者考生能判斷出某三個選項是錯誤的，就沒必要對另外一個選項做出判斷而應直接把其作為正確答案.對本例題，考生只需判斷出三個過程中（進磁場過程、全部進入磁場過程、出磁場過程）中a、b兩點電勢的高低便可選擇出正確答案，而沒有必要對各種情況下a、b兩點電勢大小規律做出判斷.

解析：由圖象可知入射角的正弦值小於折射角的正弦值.根據折射定律可知光線是從光密介質射向光疏介質，即由玻璃射向空氣，B答案正確；根據折射定律n=sini /sinr可求得介質的折射率，但一定要注意此公式一定要滿足光線從空氣射向介質，而本題中光線是由玻璃射入空氣，所以不能直接利用sini /sinr求介質的折射率，根據光路可逆原理，當光線反轉時，其傳播路徑不變，即光從空氣中以入射角r射到該玻璃界面上時，折射後的折射角一定為i，根據折射定律可得玻璃的折射率n= sinr / sini=1.5（這里要注意很容易錯選C），C錯誤,D正確.正確答案為B、D.

【方法鏈接】 在光的反射或折射現象中，光路具有可逆性.即當光線的傳播方向反轉時，它的傳播路徑不變.在機械運動中，若沒有摩擦阻力、流體的粘滯阻力等耗散力做功時，機械運動具有可逆性.如物體的勻減速直線運動可看作反向的加速度不變的勻加速運動.

10. 力的合成

首先看你第一個問題：
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力的合成時 如果共點力是兩個力的作用線交於一點 那麼就是說要把兩個力沿著 它們的作用線平移到某一點交時進行分析 那麼分析出來的合力也已經進行了位置的變動 請問應該怎麼確定它原本的位置呢？
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首先明確，共點力分兩種情況：
1.作用點相同。其作用效果是使物體發生平動。
2.作用點不同，作用線相交於同一點。其作用效果是：1）使物體發生平動；2)使物體發生轉動。
你所說的是共點力的第二種情況。「平移作用線到某一點相交」是一種「簡化了的分析方法」，即，只研究使物體發生平動的作用效果。
按照數學的觀點，這種變動是不可逆的，也就是說合成以後就找不到原本的位置了。因為高中階段不研究力的這種轉動效果（奧賽除外），所以也沒有必要知道它原來的位置。但是要明白的是，這種平移「絕對不影響共點力對物體平動效果」，也就是說那把共點力移動到哪裡相交，其平動的加速度都一樣。
如果你要分析轉動效果，就要引入大學物理中「力偶系」的概念（類似於「加速度」，其實就是高中說的力矩）。方法是在物體上（其實物體外也可以）選一點（轉動中心）作幾個力的垂線段（長度為L1,L2...），然後
力偶矩=F1*L1+F2*L2+.....（注意是矢量相加）
再然後就是計算「角加速度」，「角速度」等等......
呵呵，好像有點多了。其實你就要明白：這種平移「絕對不影響共點力對物體平動效果」就可以了。我想你迷惑的可能就是這點吧！
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有些時候分析出來合出來的力要經過不是直線的平移才能發揮應該有的作用效果啊（比如人站在岸上通過定滑輪用繩拉小船,若水的阻力恆定不變,則船在勻速靠岸的過程中,下列說法中正確的是( )A,繩的拉力不斷增大,B,繩的拉力保持不變,C,船受到的浮力保持不變,D,船受到的浮力不斷減小)
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我想你迷惑的不是這道題本身。首先確認這道題的答案是A，D。
根據上面的分析。小船所受的四個力（拉力，水阻力，重力和浮力）是共點力的第二種情況。因為「這種平移絕對不影響共點力對物體平動效果」，所以可以把這四個力通過平移使其交於船上的某點（我氧化鈣，怎麼沒地方插圖啊！暈了！自己平移一下看看，阻力，重力和浮力都應該共點了，在把拉力也平移過去共點）。
現在是共點力第一種情況了：設重力為G，繩子拉力為F（向左上方），浮力為F1，阻力為f。繩子拉力與食品方向夾角為a。
因為「船在勻速靠岸」，所以：
G=F1+F*sin（a）...........................（1）
f=F*cos（a）..............................（2）
因為，船在靠岸。所以a增大cos（a）減小，f不變，根據公式（2）可知：F增大。
因為a增大，sin（a）增大，F增大，G不變，所以F1減小。

建議：
如果你要參加奧賽的話，力偶矩是要求的，你可以看看大學物理的書。如果只是參加高考的話，明確「這種平移絕對不影響共點力對物體平動效果」就可以了。